Sr Examen
2x^2-5y^2+5x+5y-2=0 forma canónica
El profesor se sorprenderá mucho al ver tu solución correcta😉
Solución
Ha introducido
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2 2 -2 - 5*y + 2*x + 5*x + 5*y = 0
$$2 x^{2} + 5 x - 5 y^{2} + 5 y - 2 = 0$$
2*x^2 + 5*x - 5*y^2 + 5*y - 2 = 0
Solución detallada
Se da la ecuación de la línea de 2-o orden:
$$2 x^{2} + 5 x - 5 y^{2} + 5 y - 2 = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 0$$
$$a_{13} = \frac{5}{2}$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = \frac{5}{2}$$
$$a_{33} = -2$$
Calculemos el determinante
$$\Delta = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12}\\a_{12} & a_{22}\end{matrix}\right|$$
o, sustituimos
$$\Delta = \left|\begin{matrix}2 & 0\\0 & -5\end{matrix}\right|$$
$$\Delta = -10$$
Como
$$\Delta$$
no es igual a 0, entonces
hallamos el centro de coordenadas canónicas. Para eso resolvemos el sistema de ecuaciones
$$a_{11} x_{0} + a_{12} y_{0} + a_{13} = 0$$
$$a_{12} x_{0} + a_{22} y_{0} + a_{23} = 0$$
sustituimos coeficientes
$$2 x_{0} + \frac{5}{2} = 0$$
$$\frac{5}{2} - 5 y_{0} = 0$$
entonces
$$x_{0} = - \frac{5}{4}$$
$$y_{0} = \frac{1}{2}$$
Así pasamos a la ecuación en el sistema de coordenadas O'x'y'
$$a'_{33} + a_{11} x'^{2} + 2 a_{12} x' y' + a_{22} y'^{2} = 0$$
donde
$$a'_{33} = a_{13} x_{0} + a_{23} y_{0} + a_{33}$$
o
$$a'_{33} = \frac{5 x_{0}}{2} + \frac{5 y_{0}}{2} - 2$$
$$a'_{33} = - \frac{31}{8}$$
entonces la ecuación se transformará en
$$2 x'^{2} - 5 y'^{2} - \frac{31}{8} = 0$$
Esta ecuación es una hipérbola
$$\frac{\tilde x^{2}}{\frac{31}{16}} - \frac{\tilde y^{2}}{\frac{31}{40}} = 1$$
- está reducida a la forma canónica
Centro de las coordenadas canónicas en el punto O
Base de las coordenadas canónicas
$$\vec e_1 = \left( 1, \ 0\right)$$
$$\vec e_2 = \left( 0, \ 1\right)$$
$$2 x^{2} + 5 x - 5 y^{2} + 5 y - 2 = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 0$$
$$a_{13} = \frac{5}{2}$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = \frac{5}{2}$$
$$a_{33} = -2$$
Calculemos el determinante
$$\Delta = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12}\\a_{12} & a_{22}\end{matrix}\right|$$
o, sustituimos
$$\Delta = \left|\begin{matrix}2 & 0\\0 & -5\end{matrix}\right|$$
$$\Delta = -10$$
Como
$$\Delta$$
no es igual a 0, entonces
hallamos el centro de coordenadas canónicas. Para eso resolvemos el sistema de ecuaciones
$$a_{11} x_{0} + a_{12} y_{0} + a_{13} = 0$$
$$a_{12} x_{0} + a_{22} y_{0} + a_{23} = 0$$
sustituimos coeficientes
$$2 x_{0} + \frac{5}{2} = 0$$
$$\frac{5}{2} - 5 y_{0} = 0$$
entonces
$$x_{0} = - \frac{5}{4}$$
$$y_{0} = \frac{1}{2}$$
Así pasamos a la ecuación en el sistema de coordenadas O'x'y'
$$a'_{33} + a_{11} x'^{2} + 2 a_{12} x' y' + a_{22} y'^{2} = 0$$
donde
$$a'_{33} = a_{13} x_{0} + a_{23} y_{0} + a_{33}$$
o
$$a'_{33} = \frac{5 x_{0}}{2} + \frac{5 y_{0}}{2} - 2$$
$$a'_{33} = - \frac{31}{8}$$
entonces la ecuación se transformará en
$$2 x'^{2} - 5 y'^{2} - \frac{31}{8} = 0$$
Esta ecuación es una hipérbola
$$\frac{\tilde x^{2}}{\frac{31}{16}} - \frac{\tilde y^{2}}{\frac{31}{40}} = 1$$
- está reducida a la forma canónica
Centro de las coordenadas canónicas en el punto O
(-5/4, 1/2)
Base de las coordenadas canónicas
$$\vec e_1 = \left( 1, \ 0\right)$$
$$\vec e_2 = \left( 0, \ 1\right)$$
Método de invariantes
Se da la ecuación de la línea de 2-o orden:
$$2 x^{2} + 5 x - 5 y^{2} + 5 y - 2 = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 0$$
$$a_{13} = \frac{5}{2}$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = \frac{5}{2}$$
$$a_{33} = -2$$
Las invariantes de esta ecuación al transformar las coordenadas son los determinantes:
$$I_{1} = a_{11} + a_{22}$$
$$I_{3} = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12} & a_{13}\\a_{12} & a_{22} & a_{23}\\a_{13} & a_{23} & a_{33}\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}a_{11} - \lambda & a_{12}\\a_{12} & a_{22} - \lambda\end{matrix}\right|$$
sustituimos coeficientes
$$I_{1} = -3$$
$$I_{3} = \left|\begin{matrix}2 & 0 & \frac{5}{2}\\0 & -5 & \frac{5}{2}\\\frac{5}{2} & \frac{5}{2} & -2\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}2 - \lambda & 0\\0 & - \lambda - 5\end{matrix}\right|$$
$$I_{1} = -3$$
$$I_{2} = -10$$
$$I_{3} = \frac{155}{4}$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \lambda^{2} + 3 \lambda - 10$$
$$K_{2} = - \frac{13}{2}$$
Como
$$I_{2} < 0 \wedge I_{3} \neq 0$$
entonces por razón de tipos de rectas:
esta ecuación tiene el tipo : hipérbola
Formulamos la ecuación característica para nuestra línea:
$$- I_{1} \lambda + I_{2} + \lambda^{2} = 0$$
o
$$\lambda^{2} + 3 \lambda - 10 = 0$$
$$\lambda_{1} = 2$$
$$\lambda_{2} = -5$$
entonces la forma canónica de la ecuación será
$$\tilde x^{2} \lambda_{1} + \tilde y^{2} \lambda_{2} + \frac{I_{3}}{I_{2}} = 0$$
o
$$2 \tilde x^{2} - 5 \tilde y^{2} - \frac{31}{8} = 0$$
$$\frac{\tilde x^{2}}{\frac{31}{16}} - \frac{\tilde y^{2}}{\frac{31}{40}} = 1$$
- está reducida a la forma canónica
$$2 x^{2} + 5 x - 5 y^{2} + 5 y - 2 = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 0$$
$$a_{13} = \frac{5}{2}$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = \frac{5}{2}$$
$$a_{33} = -2$$
Las invariantes de esta ecuación al transformar las coordenadas son los determinantes:
$$I_{1} = a_{11} + a_{22}$$
|a11 a12|
I2 = | |
|a12 a22|$$I_{3} = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12} & a_{13}\\a_{12} & a_{22} & a_{23}\\a_{13} & a_{23} & a_{33}\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}a_{11} - \lambda & a_{12}\\a_{12} & a_{22} - \lambda\end{matrix}\right|$$
|a11 a13| |a22 a23|
K2 = | | + | |
|a13 a33| |a23 a33|sustituimos coeficientes
$$I_{1} = -3$$
|2 0 |
I2 = | |
|0 -5|$$I_{3} = \left|\begin{matrix}2 & 0 & \frac{5}{2}\\0 & -5 & \frac{5}{2}\\\frac{5}{2} & \frac{5}{2} & -2\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}2 - \lambda & 0\\0 & - \lambda - 5\end{matrix}\right|$$
| 2 5/2| |-5 5/2|
K2 = | | + | |
|5/2 -2 | |5/2 -2 |$$I_{1} = -3$$
$$I_{2} = -10$$
$$I_{3} = \frac{155}{4}$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \lambda^{2} + 3 \lambda - 10$$
$$K_{2} = - \frac{13}{2}$$
Como
$$I_{2} < 0 \wedge I_{3} \neq 0$$
entonces por razón de tipos de rectas:
esta ecuación tiene el tipo : hipérbola
Formulamos la ecuación característica para nuestra línea:
$$- I_{1} \lambda + I_{2} + \lambda^{2} = 0$$
o
$$\lambda^{2} + 3 \lambda - 10 = 0$$
$$\lambda_{1} = 2$$
$$\lambda_{2} = -5$$
entonces la forma canónica de la ecuación será
$$\tilde x^{2} \lambda_{1} + \tilde y^{2} \lambda_{2} + \frac{I_{3}}{I_{2}} = 0$$
o
$$2 \tilde x^{2} - 5 \tilde y^{2} - \frac{31}{8} = 0$$
$$\frac{\tilde x^{2}}{\frac{31}{16}} - \frac{\tilde y^{2}}{\frac{31}{40}} = 1$$
- está reducida a la forma canónica