Sr Examen
2x^2+2(sqrt8)xy-5y^2 forma canónica
El profesor se sorprenderá mucho al ver tu solución correcta😉
Solución
Ha introducido
[src]
2 2 ___ - 5*y + 2*x + 4*x*y*\/ 2 = 0
$$2 x^{2} + 4 \sqrt{2} x y - 5 y^{2} = 0$$
2*x^2 + 4*sqrt(2)*x*y - 5*y^2 = 0
Solución detallada
Se da la ecuación de la línea de 2-o orden:
$$2 x^{2} + 4 \sqrt{2} x y - 5 y^{2} = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 2 \sqrt{2}$$
$$a_{13} = 0$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = 0$$
$$a_{33} = 0$$
Calculemos el determinante
$$\Delta = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12}\\a_{12} & a_{22}\end{matrix}\right|$$
o, sustituimos
$$\Delta = \left|\begin{matrix}2 & 2 \sqrt{2}\\2 \sqrt{2} & -5\end{matrix}\right|$$
$$\Delta = -18$$
Como
$$\Delta$$
no es igual a 0, entonces
hallamos el centro de coordenadas canónicas. Para eso resolvemos el sistema de ecuaciones
$$a_{11} x_{0} + a_{12} y_{0} + a_{13} = 0$$
$$a_{12} x_{0} + a_{22} y_{0} + a_{23} = 0$$
sustituimos coeficientes
$$2 x_{0} + 2 \sqrt{2} y_{0} = 0$$
$$2 \sqrt{2} x_{0} - 5 y_{0} = 0$$
entonces
$$x_{0} = 0$$
$$y_{0} = 0$$
Así pasamos a la ecuación en el sistema de coordenadas O'x'y'
$$a'_{33} + a_{11} x'^{2} + 2 a_{12} x' y' + a_{22} y'^{2} = 0$$
donde
$$a'_{33} = a_{13} x_{0} + a_{23} y_{0} + a_{33}$$
o
$$a'_{33} = 0$$
$$a'_{33} = 0$$
entonces la ecuación se transformará en
$$2 x'^{2} + 4 \sqrt{2} x' y' - 5 y'^{2} = 0$$
Hacemos el giro del sistema de coordenadas obtenido al ángulo de φ
$$x' = \tilde x \cos{\left(\phi \right)} - \tilde y \sin{\left(\phi \right)}$$
$$y' = \tilde x \sin{\left(\phi \right)} + \tilde y \cos{\left(\phi \right)}$$
φ - se define de la fórmula
$$\cot{\left(2 \phi \right)} = \frac{a_{11} - a_{22}}{2 a_{12}}$$
sustituimos coeficientes
$$\cot{\left(2 \phi \right)} = \frac{7 \sqrt{2}}{8}$$
entonces
$$\phi = \frac{\operatorname{acot}{\left(\frac{7 \sqrt{2}}{8} \right)}}{2}$$
$$\sin{\left(2 \phi \right)} = \frac{4 \sqrt{2}}{9}$$
$$\cos{\left(2 \phi \right)} = \frac{7}{9}$$
$$\cos{\left(\phi \right)} = \sqrt{\frac{\cos{\left(2 \phi \right)}}{2} + \frac{1}{2}}$$
$$\sin{\left(\phi \right)} = \sqrt{1 - \cos^{2}{\left(\phi \right)}}$$
$$\cos{\left(\phi \right)} = \frac{2 \sqrt{2}}{3}$$
$$\sin{\left(\phi \right)} = \frac{1}{3}$$
sustituimos coeficientes
$$x' = \frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}$$
$$y' = \frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}$$
entonces la ecuación se transformará de
$$2 x'^{2} + 4 \sqrt{2} x' y' - 5 y'^{2} = 0$$
en
$$- 5 \left(\frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}\right)^{2} + 4 \sqrt{2} \left(\frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}\right) \left(\frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}\right) + 2 \left(\frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}\right)^{2} = 0$$
simplificamos
$$3 \tilde x^{2} - 6 \tilde y^{2} = 0$$
Esta ecuación es una hipérbola degenerada
$$\frac{\tilde x^{2}}{\left(\frac{\sqrt{3}}{3}\right)^{2}} - \frac{\tilde y^{2}}{\left(\frac{\sqrt{6}}{6}\right)^{2}} = 0$$
- está reducida a la forma canónica
Centro de las coordenadas canónicas en el punto O
Base de las coordenadas canónicas
$$\vec e_1 = \left( \frac{2 \sqrt{2}}{3}, \ \frac{1}{3}\right)$$
$$\vec e_2 = \left( - \frac{1}{3}, \ \frac{2 \sqrt{2}}{3}\right)$$
$$2 x^{2} + 4 \sqrt{2} x y - 5 y^{2} = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 2 \sqrt{2}$$
$$a_{13} = 0$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = 0$$
$$a_{33} = 0$$
Calculemos el determinante
$$\Delta = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12}\\a_{12} & a_{22}\end{matrix}\right|$$
o, sustituimos
$$\Delta = \left|\begin{matrix}2 & 2 \sqrt{2}\\2 \sqrt{2} & -5\end{matrix}\right|$$
$$\Delta = -18$$
Como
$$\Delta$$
no es igual a 0, entonces
hallamos el centro de coordenadas canónicas. Para eso resolvemos el sistema de ecuaciones
$$a_{11} x_{0} + a_{12} y_{0} + a_{13} = 0$$
$$a_{12} x_{0} + a_{22} y_{0} + a_{23} = 0$$
sustituimos coeficientes
$$2 x_{0} + 2 \sqrt{2} y_{0} = 0$$
$$2 \sqrt{2} x_{0} - 5 y_{0} = 0$$
entonces
$$x_{0} = 0$$
$$y_{0} = 0$$
Así pasamos a la ecuación en el sistema de coordenadas O'x'y'
$$a'_{33} + a_{11} x'^{2} + 2 a_{12} x' y' + a_{22} y'^{2} = 0$$
donde
$$a'_{33} = a_{13} x_{0} + a_{23} y_{0} + a_{33}$$
o
$$a'_{33} = 0$$
$$a'_{33} = 0$$
entonces la ecuación se transformará en
$$2 x'^{2} + 4 \sqrt{2} x' y' - 5 y'^{2} = 0$$
Hacemos el giro del sistema de coordenadas obtenido al ángulo de φ
$$x' = \tilde x \cos{\left(\phi \right)} - \tilde y \sin{\left(\phi \right)}$$
$$y' = \tilde x \sin{\left(\phi \right)} + \tilde y \cos{\left(\phi \right)}$$
φ - se define de la fórmula
$$\cot{\left(2 \phi \right)} = \frac{a_{11} - a_{22}}{2 a_{12}}$$
sustituimos coeficientes
$$\cot{\left(2 \phi \right)} = \frac{7 \sqrt{2}}{8}$$
entonces
$$\phi = \frac{\operatorname{acot}{\left(\frac{7 \sqrt{2}}{8} \right)}}{2}$$
$$\sin{\left(2 \phi \right)} = \frac{4 \sqrt{2}}{9}$$
$$\cos{\left(2 \phi \right)} = \frac{7}{9}$$
$$\cos{\left(\phi \right)} = \sqrt{\frac{\cos{\left(2 \phi \right)}}{2} + \frac{1}{2}}$$
$$\sin{\left(\phi \right)} = \sqrt{1 - \cos^{2}{\left(\phi \right)}}$$
$$\cos{\left(\phi \right)} = \frac{2 \sqrt{2}}{3}$$
$$\sin{\left(\phi \right)} = \frac{1}{3}$$
sustituimos coeficientes
$$x' = \frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}$$
$$y' = \frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}$$
entonces la ecuación se transformará de
$$2 x'^{2} + 4 \sqrt{2} x' y' - 5 y'^{2} = 0$$
en
$$- 5 \left(\frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}\right)^{2} + 4 \sqrt{2} \left(\frac{\tilde x}{3} + \frac{2 \sqrt{2} \tilde y}{3}\right) \left(\frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}\right) + 2 \left(\frac{2 \sqrt{2} \tilde x}{3} - \frac{\tilde y}{3}\right)^{2} = 0$$
simplificamos
$$3 \tilde x^{2} - 6 \tilde y^{2} = 0$$
Esta ecuación es una hipérbola degenerada
$$\frac{\tilde x^{2}}{\left(\frac{\sqrt{3}}{3}\right)^{2}} - \frac{\tilde y^{2}}{\left(\frac{\sqrt{6}}{6}\right)^{2}} = 0$$
- está reducida a la forma canónica
Centro de las coordenadas canónicas en el punto O
(0, 0)
Base de las coordenadas canónicas
$$\vec e_1 = \left( \frac{2 \sqrt{2}}{3}, \ \frac{1}{3}\right)$$
$$\vec e_2 = \left( - \frac{1}{3}, \ \frac{2 \sqrt{2}}{3}\right)$$
Método de invariantes
Se da la ecuación de la línea de 2-o orden:
$$2 x^{2} + 4 \sqrt{2} x y - 5 y^{2} = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 2 \sqrt{2}$$
$$a_{13} = 0$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = 0$$
$$a_{33} = 0$$
Las invariantes de esta ecuación al transformar las coordenadas son los determinantes:
$$I_{1} = a_{11} + a_{22}$$
$$I_{3} = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12} & a_{13}\\a_{12} & a_{22} & a_{23}\\a_{13} & a_{23} & a_{33}\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}a_{11} - \lambda & a_{12}\\a_{12} & a_{22} - \lambda\end{matrix}\right|$$
sustituimos coeficientes
$$I_{1} = -3$$
$$I_{3} = \left|\begin{matrix}2 & 2 \sqrt{2} & 0\\2 \sqrt{2} & -5 & 0\\0 & 0 & 0\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}2 - \lambda & 2 \sqrt{2}\\2 \sqrt{2} & - \lambda - 5\end{matrix}\right|$$
$$I_{1} = -3$$
$$I_{2} = -18$$
$$I_{3} = 0$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \lambda^{2} + 3 \lambda - 18$$
$$K_{2} = 0$$
Como
$$I_{3} = 0 \wedge I_{2} < 0$$
entonces por razón de tipos de rectas:
esta ecuación tiene el tipo : hipérbola degenerada
Formulamos la ecuación característica para nuestra línea:
$$- I_{1} \lambda + I_{2} + \lambda^{2} = 0$$
o
$$\lambda^{2} + 3 \lambda - 18 = 0$$
$$\lambda_{1} = 3$$
$$\lambda_{2} = -6$$
entonces la forma canónica de la ecuación será
$$\tilde x^{2} \lambda_{1} + \tilde y^{2} \lambda_{2} + \frac{I_{3}}{I_{2}} = 0$$
o
$$3 \tilde x^{2} - 6 \tilde y^{2} = 0$$
$$\frac{\tilde x^{2}}{\left(\frac{\sqrt{3}}{3}\right)^{2}} - \frac{\tilde y^{2}}{\left(\frac{\sqrt{6}}{6}\right)^{2}} = 0$$
- está reducida a la forma canónica
$$2 x^{2} + 4 \sqrt{2} x y - 5 y^{2} = 0$$
Esta ecuación tiene la forma:
$$a_{11} x^{2} + 2 a_{12} x y + 2 a_{13} x + a_{22} y^{2} + 2 a_{23} y + a_{33} = 0$$
donde
$$a_{11} = 2$$
$$a_{12} = 2 \sqrt{2}$$
$$a_{13} = 0$$
$$a_{22} = -5$$
$$a_{23} = 0$$
$$a_{33} = 0$$
Las invariantes de esta ecuación al transformar las coordenadas son los determinantes:
$$I_{1} = a_{11} + a_{22}$$
|a11 a12|
I2 = | |
|a12 a22|$$I_{3} = \left|\begin{matrix}a_{11} & a_{12} & a_{13}\\a_{12} & a_{22} & a_{23}\\a_{13} & a_{23} & a_{33}\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}a_{11} - \lambda & a_{12}\\a_{12} & a_{22} - \lambda\end{matrix}\right|$$
|a11 a13| |a22 a23|
K2 = | | + | |
|a13 a33| |a23 a33|sustituimos coeficientes
$$I_{1} = -3$$
| ___|
| 2 2*\/ 2 |
I2 = | |
| ___ |
|2*\/ 2 -5 |$$I_{3} = \left|\begin{matrix}2 & 2 \sqrt{2} & 0\\2 \sqrt{2} & -5 & 0\\0 & 0 & 0\end{matrix}\right|$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \left|\begin{matrix}2 - \lambda & 2 \sqrt{2}\\2 \sqrt{2} & - \lambda - 5\end{matrix}\right|$$
|2 0| |-5 0|
K2 = | | + | |
|0 0| |0 0|$$I_{1} = -3$$
$$I_{2} = -18$$
$$I_{3} = 0$$
$$I{\left(\lambda \right)} = \lambda^{2} + 3 \lambda - 18$$
$$K_{2} = 0$$
Como
$$I_{3} = 0 \wedge I_{2} < 0$$
entonces por razón de tipos de rectas:
esta ecuación tiene el tipo : hipérbola degenerada
Formulamos la ecuación característica para nuestra línea:
$$- I_{1} \lambda + I_{2} + \lambda^{2} = 0$$
o
$$\lambda^{2} + 3 \lambda - 18 = 0$$
$$\lambda_{1} = 3$$
$$\lambda_{2} = -6$$
entonces la forma canónica de la ecuación será
$$\tilde x^{2} \lambda_{1} + \tilde y^{2} \lambda_{2} + \frac{I_{3}}{I_{2}} = 0$$
o
$$3 \tilde x^{2} - 6 \tilde y^{2} = 0$$
$$\frac{\tilde x^{2}}{\left(\frac{\sqrt{3}}{3}\right)^{2}} - \frac{\tilde y^{2}}{\left(\frac{\sqrt{6}}{6}\right)^{2}} = 0$$
- está reducida a la forma canónica