Tenemos la indeterminación de tipo
0/0,
tal que el límite para el numerador es
$$\lim_{x \to -1^+}\left(3 x^{4} + 2 x^{3} - x^{2} + 5 x + 5\right) = 0$$
y el límite para el denominador es
$$\lim_{x \to -1^+}\left(x^{3} + 1\right) = 0$$
Vamos a probar las derivadas del numerador y denominador hasta eliminar la indeterminación.
$$\lim_{x \to -1^+}\left(\frac{5 x + \left(3 x^{4} + \left(2 x^{3} + \left(5 - x^{2}\right)\right)\right)}{x^{3} + 1}\right)$$
=
Introducimos una pequeña modificación de la función bajo el signo del límite
$$\lim_{x \to -1^+}\left(\frac{3 x^{4} + 2 x^{3} - x^{2} + 5 x + 5}{x^{3} + 1}\right)$$
=
$$\lim_{x \to -1^+}\left(\frac{\frac{d}{d x} \left(3 x^{4} + 2 x^{3} - x^{2} + 5 x + 5\right)}{\frac{d}{d x} \left(x^{3} + 1\right)}\right)$$
=
$$\lim_{x \to -1^+}\left(\frac{12 x^{3} + 6 x^{2} - 2 x + 5}{3 x^{2}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to -1^+}\left(4 x^{3} + 2 x^{2} - \frac{2 x}{3} + \frac{5}{3}\right)$$
=
$$\lim_{x \to -1^+}\left(4 x^{3} + 2 x^{2} - \frac{2 x}{3} + \frac{5}{3}\right)$$
=
$$\frac{1}{3}$$
Como puedes ver, hemos aplicado el método de l'Hopital (utilizando la derivada del numerador y denominador) 1 vez (veces)