Tenemos la indeterminación de tipo
oo/oo,
tal que el límite para el numerador es
$$\lim_{x \to \infty}\left(2 x^{3} + 3\right) = \infty$$
y el límite para el denominador es
$$\lim_{x \to \infty}\left(3 \cdot 3^{x} x + 5 \cdot 3^{x}\right) = \infty$$
Vamos a probar las derivadas del numerador y denominador hasta eliminar la indeterminación.
$$\lim_{x \to \infty}\left(\frac{3^{- x} \left(2 x^{3} + 3\right)}{3 x + 5}\right)$$
=
Introducimos una pequeña modificación de la función bajo el signo del límite
$$\lim_{x \to \infty}\left(\frac{3^{- x} \left(2 x^{3} + 3\right)}{3 x + 5}\right)$$
=
$$\lim_{x \to \infty}\left(\frac{\frac{d}{d x} \left(2 x^{3} + 3\right)}{\frac{d}{d x} \left(3 \cdot 3^{x} x + 5 \cdot 3^{x}\right)}\right)$$
=
$$\lim_{x \to \infty}\left(\frac{6 x^{2}}{3 \cdot 3^{x} x \log{\left(3 \right)} + 3 \cdot 3^{x} + 5 \cdot 3^{x} \log{\left(3 \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to \infty}\left(\frac{6 x^{2}}{3 \cdot 3^{x} x \log{\left(3 \right)} + 3 \cdot 3^{x} + 5 \cdot 3^{x} \log{\left(3 \right)}}\right)$$
=
$$0$$
Como puedes ver, hemos aplicado el método de l'Hopital (utilizando la derivada del numerador y denominador) 1 vez (veces)