Tenemos la indeterminación de tipo
0/0,
tal que el límite para el numerador es
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\left(1 - e^{3 x}\right) e^{- 3 x}\right) = 0$$
y el límite para el denominador es
$$\lim_{x \to 0^+} \log{\left(5 x + 1 \right)} = 0$$
Vamos a probar las derivadas del numerador y denominador hasta eliminar la indeterminación.
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{-1 + e^{- 3 x}}{\log{\left(5 x + 1 \right)}}\right)$$
=
Introducimos una pequeña modificación de la función bajo el signo del límite
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\left(1 - e^{3 x}\right) e^{- 3 x}}{\log{\left(5 x + 1 \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\frac{d}{d x} \left(1 - e^{3 x}\right) e^{- 3 x}}{\frac{d}{d x} \log{\left(5 x + 1 \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\left(x + \frac{1}{5}\right) \left(- 3 \left(1 - e^{3 x}\right) e^{- 3 x} - 3\right)\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(- \frac{3 e^{- 3 x}}{5}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(- \frac{3 e^{- 3 x}}{5}\right)$$
=
$$- \frac{3}{5}$$
Como puedes ver, hemos aplicado el método de l'Hopital (utilizando la derivada del numerador y denominador) 1 vez (veces)