Tenemos la indeterminación de tipo
0/0,
tal que el límite para el numerador es
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\tan^{2}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}}\right) = 0$$
y el límite para el denominador es
$$\lim_{x \to 0^+} \operatorname{asin}{\left(4 x \right)} = 0$$
Vamos a probar las derivadas del numerador y denominador hasta eliminar la indeterminación.
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\tan^{2}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)} \operatorname{asin}{\left(4 x \right)}}\right)$$
=
Introducimos una pequeña modificación de la función bajo el signo del límite
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\tan^{2}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)} \operatorname{asin}{\left(4 x \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\frac{d}{d x} \frac{\tan^{2}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}}}{\frac{d}{d x} \operatorname{asin}{\left(4 x \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{\sqrt{1 - 16 x^{2}} \left(\frac{\left(32 \tan^{2}{\left(16 x \right)} + 32\right) \tan{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}} - \frac{2 \cos{\left(2 x \right)} \tan^{2}{\left(16 x \right)}}{\sin^{2}{\left(2 x \right)}}\right)}{4}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{8 \tan^{3}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}} + \frac{8 \tan{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}} - \frac{\cos{\left(2 x \right)} \tan^{2}{\left(16 x \right)}}{2 \sin^{2}{\left(2 x \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 0^+}\left(\frac{8 \tan^{3}{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}} + \frac{8 \tan{\left(16 x \right)}}{\sin{\left(2 x \right)}} - \frac{\cos{\left(2 x \right)} \tan^{2}{\left(16 x \right)}}{2 \sin^{2}{\left(2 x \right)}}\right)$$
=
$$32$$
Como puedes ver, hemos aplicado el método de l'Hopital (utilizando la derivada del numerador y denominador) 1 vez (veces)