Tenemos la indeterminación de tipo
0/0,
tal que el límite para el numerador es
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{\sqrt{x + 1}}\right) = 0$$
y el límite para el denominador es
$$\lim_{x \to 1^+} \tan{\left(2 \left(x - 1\right) \right)} = 0$$
Vamos a probar las derivadas del numerador y denominador hasta eliminar la indeterminación.
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{\sqrt{x + 1} \tan{\left(2 x - 2 \right)}}\right)$$
=
Introducimos una pequeña modificación de la función bajo el signo del límite
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{\sqrt{x + 1} \tan{\left(2 \left(x - 1\right) \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\frac{d}{d x} \frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{\sqrt{x + 1}}}{\frac{d}{d x} \tan{\left(2 \left(x - 1\right) \right)}}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\frac{16}{16 x \sqrt{x + 1} - 15 \sqrt{x + 1}} - \frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{2 \left(x \sqrt{x + 1} + \sqrt{x + 1}\right)}}{2 \tan^{2}{\left(2 x - 2 \right)} + 2}\right)$$
=
$$\lim_{x \to 1^+}\left(\frac{\frac{16}{16 x \sqrt{x + 1} - 15 \sqrt{x + 1}} - \frac{\log{\left(16 x - 15 \right)}}{2 \left(x \sqrt{x + 1} + \sqrt{x + 1}\right)}}{2 \tan^{2}{\left(2 x - 2 \right)} + 2}\right)$$
=
$$4 \sqrt{2}$$
Como puedes ver, hemos aplicado el método de l'Hopital (utilizando la derivada del numerador y denominador) 1 vez (veces)